龙泉和遂昌中学2024届高三第二次月考物理试题试卷.pdf

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E?qEa?mv2k2解得2qEav?m粒子在磁场中运动的半径为br?其中n=1、2、3…,2n:..mv根据r?可得qB2mEaB?2nqb22mEa2mEa磁感应强度不可能为,当n=3时,B?6,故C错误,D正确。qb2qb2三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。d211、m?m物块A初始释放时距离光电门的高度hmg?mg??m?m?1212122h?t21d21d2mgh?mgh?m?m1221?t222?t2【解题分析】(1)[1]由题意可知,在物块A上安装一个宽度为d的遮光片,并在其下方空中固定一个光电门,连接好光电门与毫秒计时器,所以应让物块A向下运动,则有m?m;12(2)[2]由匀变速直线运动的速度位移公式可知,加速度为v2a?2h则实验当中还需要测量的物理量有物块A初始释放时距离光电门的高度h;(3)[3]对两物块整体研究,根据牛顿第二定律,则有(m?m)g?(m?m)a1212物块A经过光电门的速度为dv??t联立得d2mg?mg??m?m?12122h?t2(4)[4]机械能守恒定律得11d2(m?m)gh?(m?m)v2?(m?m)12212212?t212、(~)【解题分析】:..(1)[1]若使用a和b两个接线柱,根据并联电路分流规律I?100mA10Ω1???600mA?[2]若使用a和c两个接线柱,根据并联电路分流规律I?100mA10Ω???3000mA?(2)②[3]为了保护电路,初始时刻滑动变阻器的阻值应最大,所以将滑片滑到最左端。600mA(3)②[4]若使用a和b两个接线柱,电流表量程扩大?6倍,根据闭合电路欧姆定律可知100mAE?U?6I(r?R)0变形得U?E?6I(r?R)0图像的纵截距即为电动势大小,即E?[5]??R?Ω??74?10?3则电源内阻为r??R?、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、Ⅰ.上升,;Ⅱ.【解题分析】Ⅰ.根据平衡可得:p?p?h0由于是密封玻璃瓶,瓶内气体压强p不变,而外界大气压强p减小,故吸管内水面将上升。0每升高12m,大气压降低lmmHg,,:..。Ⅱ.玻璃瓶在地面上时:温度T=300K,压强:1136p?(750?)mmHg?:温度T=303K,压强p,由于瓶内空气体积一定,故根据查理定律可得:22pp1?2TT12解得:p=:136p?(?136?)mmHg?:h=(750-)×12m=、(1)(2)【解题分析】(1)设滑块从离开木板开始到落到地面所用时间为t,以地面为参考系,滑块离开木板后做自由落体运动,根据运动学01公式知h?gt2,得202ht==(2)以木板为研究对象,向右做匀减速直线运动,由牛顿第二定律F+μ(m+M)g=Ma1得a=5m/s21则木板减速到零所经历的时间vt=0==0=<L,表明这时滑块仍然停留在木板上,此后木板开始向左做匀加速直线运动,摩擦力的方向改变,由牛顿第二11定律F-μ(m+M)g=Ma2得:..1a=m/s223滑块离开木板时,木板向左的位移s=s+L==at22222得t==at=。222m(2?1)Q2?215、(1)1?(2)?m1E22b【解题分析】试题分析:(1)b球下摆过程中,只有重力做功,由动能定理可以求出碰前b球的速度;碰撞过程中动量守恒,由动量守恒定律列方程,两球向左摆动过程中,机械能守恒,由机械能守恒定律或动能定理列方程,解方程组可以求出两球质量之比.(2)求出碰撞过程中机械能的损失,求出碰前b求的动能,(1)b球下摆过程中,由动能定理得:mgL?mv2﹣02220mv??m?m?v碰撞过程动量守恒,由动量守恒定律可得:,20121?m?m?v2??m?m?gL?1﹣cos??两球向左摆动过程中,由机械能守恒定律得:21212m1??解得:1?(?1):1?2?1:1m(1?cos?2Q?mgL??m?m?gL?1﹣cos??(2)两球碰撞过程中损失是机械能:,2121碰前b球的最大动能E?mv2,b220m?m21?12?1?cos??1?Qm2?2?E11b