2024学年浙江省教育考试院第二学期高三期中考试生物试题试卷含答案含解.pdf

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具有隔代遗传和交叉遗传的特点。【题目点拨】本题是对于ZW型的性别决定和伴性遗传、分离定律的理解和应用,并应用相关知识解决实际问题的能力是本题考查的重点。K8、“S”型增长能在开始逐渐增大,在时种群的增长率达到最大,然后逐渐降低,到K值时,种群增长率2为0在这一环境中所能承载的这一种群的最大数量(密度)。(即这一环境所能养活的种群的最大数量)能够对珍稀动物的保护最根本的措施是保护它的生存环境,使环境容纳量有所提高,其种群数量会自然增长。草原的放牧量应该控制在接近环境容纳量为宜,如果过多放牧影响牛羊的生长以及草原的恢复,如果破坏了环境,还会造成环境:..容纳量的降低【解题分析】自然界的资源和空间总是有限的,当种群密度增大时,种内竞争就会加剧,以该种群为食的动物的数量也会增加,这就使种群的出生率降低,死亡率增高,有时会稳定在一定的水平,形成“S”型增长曲线。在环境条件不受破坏的情况下,一定空间中所能维持的种群最大数量称为环境容纳量,又称为K值。【题目详解】(1)种群在一定空间、一定资源条件下,由于资源和空间总是有限的,所以其增长类型一般都是“S”型增长,即达到K值后,会稳定在一定的水平。(2)曲线的纵坐标表示种群的数量,因而能反映种群密度的大小。图中数量曲线类似于“S”型生长曲线,所以这个过K程中种群的增长率的变化趋势是:在开始逐渐增大,在时种群的增长率达到最大,然后逐渐降低,到K值时,种2群增长率为0。(3)在一定环境中种群增长曲线的渐近线,生态学上称为环境容纳量,其含义是在这一环境中所能承载的这一种群的最大数量,即这一环境所能养活的种群的最大数量,即K值。一个种群的环境容纳量能够随着环境的变化而改变。(4)对珍稀动物的保护最根本的措施是保护它的生存环境,使该种动物的环境容纳量有所提高,这个种群的数量自然会增长。草原的放牧量应该控制在接近环境容纳量为宜,如果过多放牧会影响牛羊的生长以及草原的恢复。如果破坏了环境,还会造成环境容纳量的降低。【题目点拨】本题考查种群特征的相关知识,意在考查学生的识图能力和判断能力,运用所学知识综合分析问题的能力。9、不能夜间不进行光反应,缺乏转化成糖类所需的ATP和[H]干旱、白天高温夜间气孔开放,植物吸收的CO形成酸性物质储存起来,白天气孔逐渐关闭,植物从外界吸收CO的速率下降,此时可由酸性物质分解为光合22作用提供CO吸水涨破温度和二氧化碳2【解题分析】据图分析:该实验的自变量是时间,因变量是植物叶片CO吸收速率和叶片中酸性物质含量。图示表明该植物夜间能2够吸收二氧化碳,白天气孔关闭二氧化碳吸收逐渐减弱直至停止;同时夜间酸性物质在细胞中积累,白天酸性物质含量下降。据此分析作答。【题目详解】(1)夜间0~4时,叶片缺少光照,不能进行光反应,暗反应缺乏转化成糖类所需的ATP和[H]而不能进行,所以二氧化碳不能转化为糖类等光合产物。(2)根据题图和题意分析可知,该植物夜间气孔开放,白天气孔逐渐关闭,所以该植物可能在干旱、白天高温的环境中有较强的生存能力。(3)据图分析可知,该植物夜间气孔开放,植物吸收的CO形成酸性物质储存起来;白天气孔逐渐关闭,植物从外2:..界吸收CO的速率下降,此时可由酸性物质分解为光合作用提供CO。22(4)如果光合作用形成大量可溶性糖而在叶绿体中积累,会使叶绿体的渗透压升高,最终导致叶绿体吸水涨破。在暗反应中,RuBP羧化酶(R酶)催化CO与RuBP(C)结合,生成2分子C,影响该反应的外部因素,除光照条件253外还包括温度、CO浓度。2【题目点拨】本题结合图示主要考查影响光合作用的环境因素,意在强化学生对影响光合作用的环境因素的相关知识和曲线图的理解与应用,题目难度中等。10、葡萄糖苷酶葡萄糖选择培养纤维素分解菌的浓度瘤胃中的微生物为厌氧型,不能在有氧环境中生存、繁殖产量和活性菌2105【解题分析】纤维素分解菌可以产生纤维素酶,能够将纤维素分解为葡萄糖。纤维素分解菌常采用刚果红染液进行鉴定,刚果红可以与纤维素结合形成红色物质,纤维素分解菌由于能够将纤维素分解而在平板上的菌落周围出现无色的透明圈,透明圈的大小可以反应纤维素分解菌产生的酶的多少。微生物培养基的灭菌方法常采用高压蒸汽灭菌法灭菌,接种方法常用稀释涂布平板法和平板划线法。微生物的培养基的主要成分包括碳源、氮源、水和无机盐,有的还有特殊营养物质(生长因子、维生素)。【题目详解】(1)纤维素酶是一种复合酶,包括C酶、C酶和葡萄糖苷酶三种,其中能够将纤维二糖分解为葡萄糖的是葡萄糖苷1x酶。一般是采用对纤维素酶分解滤纸等纤维素后所产生的葡萄糖进行定量测定。(2)牛胃取样后,使用选择培养基选择培养,目的是增加纤维素分解菌(或目的菌)的浓度,因此步骤A是选择培养。(3)由于瘤胃中的微生物为厌氧型,不能在有氧环境中生存、繁殖,所以将瘤胃菌种提取液接种到适宜的培养液中,调节pH及温度至适宜条件,并持续通入无菌空气,一段时间后发现培养液中几乎没有菌种。(4)按照修正后的实验方法,研究人员在刚果红培养基平板上,筛选到了几株有透明圈的菌落(如图)。图中透明圈的大小可以反应纤维素分解菌产生的酶的多少(产量)及酶的活性;图中菌2周围的透明圈最大,降解纤维素能力最强。(5)用于计数细菌菌落的常用方法是稀释涂布平板法,统计的菌落数应介于30~300之间,故选择细菌菌落数为156、178和191的平板计数,每克该土壤样品中的菌落数对应的应该是每毫升菌液中的细菌数目,所以每克该土壤样品中的菌落数为(156+178+191)÷3÷=×108,因此稀释倍数=105。【题目点拨】结合培养基的配制、菌株的筛选与鉴定等分析题意和题图。11、常染色体显性不同不定向性随机性突变型A为5个碱基对(非3的倍数)缺失,造成mRNA上的密码子阅读框错位,对蛋白质影响较大;而突变型B为12个碱基对(3的倍数)缺失,造成蛋白质中4个氨基酸:..缺失,对蛋白质影响相对小【解题分析】据图分析,图1甲家系中父母有病,有一个儿子正常,说明该病为显性遗传病,又因为甲是患者,而其母亲正常,说明不是伴X遗传,则该病为常染色体显性遗传病;乙家系中乙的父母正常,而乙有病,则该病是隐性遗传病。【题目详解】(1)根据以上分析已知,甲所患RP的遗传方式为常染色体显性遗传,而乙所患RP的遗传方式是隐性遗传,因此两者的遗传方式不同。(2)根据题意分析,RP的遗传与20个基因的100多个突变位点有关,说明基因突变具有不定向性和随机性。(3)据图分析,突变体A、B分别缺失了5个、12个碱基对,其中突变型A的5个碱基对不是3的倍数,造成mRNA上的密码子阅读框错位,对蛋白质影响较大;而突变型B的12个碱基对是3的倍数,造成蛋白质中4个氨基酸缺失,对蛋白质影响相对小。因此与突变型B相比,突变型A在性状上与野生型差异更大,适合用于研究rp2基因的功能。【题目点拨】解答本题的关键是根据图2中野生型和2种突变型的碱基对的比较判断哪种突变适合用于研究rp2基因的功能。