2023-2024学年江苏省南京市联合体九年级(上)期末物理试卷及答案解析.pdf

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;(3)学生背着书包静止站立在地面上等车,书包在力的方向没有移动距离,所以人不做功。故C错误;(4)人将货物从地面上搬起,满足做功的两个要素:①作用在物体上的力;②物体在力的方向上移动一段距离。所以人做了功。故D正确;故选:D。【点评】此题是基础题,要根据做功的两个必要条件去判断物体是否做功。3.【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解,对于选项中的单位,可根据需要进行相应的换算或转换,排除与生活实际相差较远的选项,找出符合生活实际的答案。【解答】解:A、电饭锅的电功率约1000W,家庭电路的电压为220V,由P=UI变形可知,通过的电流约为5A,故A错误;B、一初中生以正常速度从一楼登上三楼所做功为:W=Gh=mgh=50kg×10N/kg×6m第1页(共19页):..=3000J,用时间约20s,故他的功率约为P===150W,符合实际,故B正确;C、一节蓄电池电压为2V,故C错误;D、从地上拿起一个鸡蛋,并把它缓慢举过头顶,此过程中人对鸡蛋做的功约为:W=Gh=mgh=×10N/kg×2m=。故选:B。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测,结合对生活的了解和对物理单位的认识,找出符合实际的选项即可。4.【分析】(1)热量是一个过程量,存在于热传递过程中,只能说吸收或者放出热量,不能说含有或者具有热量;(2)内能的大小与温度、质量和状态有关。【解答】解:,不能说物体含有多少热量,故A错误;,温度高的物体把热量传向温度低的物体,最终达到温度相同,因此物体的内能相同,温度可能不同,内能相同的物体接触时可能发生热传递,内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体,故D正确,B错误;、温度、状态有关,因此物体的温度不变,内能不一定不变,故C错误;故选:D。【点评】本题主要考查学生对内能、温度、热传递的理解,是热学的难点;要特别注意:温度升高,内能一定增加;但是,内能增加,温度不一定升高。5.【分析】(1)根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题;(2)做功可以改变物体的内能,当外界对物体做功时,物体的内能增大,当物体对外界做功时,物体的内能就会减小。【解答】解:A、图空气压缩引火仪内的空气被压缩时,活塞对筒内空气做功,筒内空气内能增加、温度升高,故A错误;B、图中盒盖飞出时,盒内燃气对盒盖做功,燃气的内能转化为盒盖的机械能,其内能减小;故B错误;C、图中小孩从滑梯滑下时,要克服摩擦力做功,机械能转化为内能,所以小孩的臀部发热,内能增大,故C正确;D、图中汽缸内的气体推动活塞向下运动时(即做功冲程),内能转化为机械能,气体的第2页(共19页):..内能减小,故D错误。故选:C。【点评】本题考查做功改变物体的内能,当外界对物体做功时,物体的内能增大,当物体对外界做功时,物体的内能就会减小。6.【分析】开关闭合时,若导线完好,则灯亮铃不响;而当导线被拉断后,电铃响起来,说明导线和电铃并联,导线完好时,电铃被短路;为了保护电路,电灯应串联在干路中;对每个选项逐个分析,找出符合题意的选项。【解答】解:A、闭合开关,电铃被ab导线短路,电路为灯泡的基本电路,此时灯亮铃不响;当ab导线断开后,灯泡发光,电铃响,符合题意;B、闭合开关,电铃被ab导线短路,电路为电铃的基本电路,此时铃响灯不亮;当ab导线断开后,电铃响,灯泡发光,不符合题意;C、根据电路图可知,闭合开关,电铃、灯泡以及导线ab并联连接,因此形成电源短路,灯泡和电铃都不工作,电源将被烧坏,不符合题意;D、根据电路图可知,闭合开关,电铃和灯泡串联后与导线ab并联,因此形成电源短路,灯泡和电铃都不工作,电源将被烧坏,不符合题意。故选:A。【点评】考查了设计电路的能力,在一般情况下是不允许短路出现的,但本题正好利用了对用电器短路来达到题意。7.【分析】A、选用比热容小的煤油做实验,吸收相同的热量,温度变化明显,可以在较短的时间内达到明显的实验效果;B、该装置能控制电流与通电时间相等,控制两瓶中液体的质量与初始温度相同,且两根电阻丝阻值不同;C、因为R和R是串联关系,可以控制电流和通电时间相等,再根据焦耳定律Q=I2Rt,12可判断出哪个电阻丝产生的热量较多,从而知道哪管中煤油温度上升比较快;D、图中电路电压不变,滑动变阻器的滑片向左移,连入电路的阻值会变小,电路电流变大,根据焦耳定律Q=I2Rt可知两管中煤油温度上升快慢变化。【解答】解:A、做该实验时,煤油比热容小升温快,可以在较短的时间内达到明显的实验效果,便于观察实验现象,故A正确;B、根据控制变量法,此实验中电阻为变量,其他物理量为控制量,因此该装置可以探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻的关系,故B正确;第3页(共19页):..C、电路中R和R是串联关系,所以闭合开关后两电阻的电流相等,通电时间相等,因12为R>R,根据焦耳定律Q=I2Rt,相同时间内R产生的热量较多,所以甲管中煤油温121度上升比乙快,故C正确;D、滑动变阻器的滑片向左移,根据图中连接方式,滑动变阻器连入电路的阻值变小,电路电压不变,R和R中电流变大,根据焦耳定律Q=I2Rt,在电阻丝阻值不变的情况下,12相等时间内电阻丝产生的热量较多,所以两管中煤油温度上升更快,故D错误。故选:D。【点评】此题考查了焦耳定律的应用这一知识点,但难度不是太大。8.【分析】动能大小的影响因素:质量和速度,质量越大,速度越大,动能越大;重力势能大小的影响因素:质量和高度,质量越大,高度越高,重力势能越大;动能和势能统称为机械能。【解答】解:A、运动员用力下压跳板的过程中,跳板的弹性形变程度变大,弹性势能增大,故A错误;B、运动员被跳板向上弹起的过程中,运动员的质量不变,高度变大,重力势能增大,故B错误;C、运动员离开跳板向上运动的过程中,质量不变,速度变小,动能减小,故C正确;D、运动员从最高点下落的过程中,由于受到空气阻力的作用,一部分机械能转化为内能,使得机械能减小,故D错误。故选:C。【点评】本题关键:一是掌握动能、重力势能的影响因素,二是知道考虑摩擦阻力机械能是不守恒的。9.【分析】根据电路图可知,定值电阻R1、R2并联连接;电流表测量的是干路的电流;开关S闭合一段时间后,电流表示数突然减小,说明某一条电路出现了断路;根据电压表的示数判定故障之处。【解答】解:根据电路图可知,定值电阻R1、R2并联连接,电流表测量的是干路的电流;开关S闭合一段时间后,电流表示数突然减小,说明某一条支路出现了断路;当电压表接a、b两点时,电压表有示数,说明a到电源的负极与b到电源的正极之间是接通的;第4页(共19页):..电压表接b、c两点时,电压表无示数,说明c到电源的负极与b到电源的正极之间是断开的,由前面解答可知a到电源的负极、b到电源的正极之间是接通的,故ac间导线出现了断路。故选:D。【点评】本题考查电路的故障分析、电流的变化以及并联电路的特点、电压表的应用,涉及的内容较多,但难度不大。10.【分析】(1)由动滑轮、滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n,拉力端移动距离s=nh,拉力端移动速度等于物体升高速度的n倍,据此分析两物体上升的速度大小关系;(2)不计绳重和摩擦,绳端拉力F=(G+G),据此比较动滑轮、滑轮组绳端的拉力动大小关系;(3)在相等时间内绳端A、B移动相同的距离,知道拉力大小关系,利用W=Fs比较总功大小关系;(4)不计绳重和摩擦,提升物体的质量相等、重力相等,动滑轮的质量相等、重力相等,利用η===比较机械效率大小关系。【解答】解:A、图甲使用的是动滑轮,承担物重的绳子股数n=2;图乙使用的是滑轮组,承担物甲重的绳子股数n=3;乙因为拉力端移动的距离s=nh,所以拉力端移动的速度等于物体升高速度的n倍,已知在相等时间内绳端A、B移动相同的距离,则由速度公式v=可知绳端A、B移动的速度相等,设其大小为v,则由v=nv可知,物体上升的速度分别为:v1=v,v2=v,绳物所以两物体上升的速度:v1>v2,故A错误;B、提升物体的质量相同、重力相同,且滑轮的质量相同、重力相同,不计绳重及摩擦,拉力F=(G+G),n=2,n=3,动甲乙所以绳端的拉力分别为:F1=(G+G),F2=(G+G),则绳端的拉力F1>F2,故动动B错误;C、绳端拉力F1>F2,绳端A、B移动相同的距离,由W=Fs可知拉力做的总功W1>第5页(共19页):..W,故C错误;2D、不计绳重和摩擦,机械效率η===,因为提升钩码的质量相等、重力相等,动滑轮的质量相等、重力相等,所以动滑轮和滑轮组的机械效率相等,η1=η2,故D正确。故选:D。【点评】此题考查了使用动滑轮、滑轮组时物体上升速度大小、拉力大小、拉力做功大小、机械效率大小比较,利用好关系式:不计绳重和摩擦,滑轮组的机械效率η===。11.【分析】由图可知,光敏电阻R和定值电阻R0串联,电压表测R两端的电压,电流表测电路中的电流;(1)根据题意得出当有烟雾遮挡射向R的激光时R的阻值变化,根据欧姆定律可知电路中电流变化,根据R=分析电压表与电流表示数比值的变化;(2)增大R0的阻值时电路中的总电阻增大,根据欧姆定律可知电路中的电流的变化,再根据题意可知该装置报警时与烟雾浓度的关系;(3)增大电源电压,根据欧姆定律可知电路中的电流的变化,再根据题意可知该装置报警时与烟雾浓度的关系。【解答】解:由电路图可知,光敏电阻R和定值电阻R0串联,电压表测R两端的电压,电流表测电路中的电流;AB、因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大,所以,当有烟雾遮挡射向R的激光时,R的阻值增大,电路中的总电阻增大,由I=可知,电路中的电流减小,即电流表的示数减小;R阻值变大,根据串联电路的分压规律可知,R两端电压变大,电压表示数变大;根据R=可知,电压表与电流表示数比值为R的阻值,所以比值变大,故AB错误;C、报警电流一定,由I=可知,电源电压一定时,总电阻也一定,增大R0的阻值时,R在更小值时会发出报警信息,即可使装置在更高光照度下报警,故C正确;D、增大电源电压,报警电流不变,则电路的总电阻需要增大,R的阻值更大,装置在更第6页(共19页):..低光照度下报警,故D错误。故选:C。【点评】本题考查了电路的动态分析,涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用,从题干中获取有用的信息是关键。12.【分析】由电路图可知,R0与R串联,电压表测R两端的电压,电流表测电路中的电流。当电压表的示数为3V时,滑动变阻器接入电路的阻值最大,电路电流最小,根据串联电路电压规律和欧姆定律求出电路中的最小电流,根据欧姆定律求出电路的总电阻,再根据串联电路电阻规律求出滑动变阻器接入点的最大阻值;根据滑动变阻器、定值电阻的规格和电流表的量程确定电路中的最大电流,根据欧姆定律求出此时电路的总电阻,根据串联电阻规律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值;根据电路中的最小电流,根据P=UI求出电路的最小功率;根据电路中的最小电流,利用P=I2R求出电阻R消耗的最小电功率。0【解答】解:由电路图可知,R0与R串联,电压表测R两端的电压,电流表测电路中的电流;AB、当电压表的最大示数为3V时,根据串联电路的分压规律可知,滑动变阻器接入电路的阻值最大,电路电流最小;因串联电路两端电压等于各部分电路两端电压之和,所以定值电阻R0两端电压:U0=U﹣UR=6V﹣3V=3V;此时电路中的最小电流:I=I0===;小由I=可知,此时电路的总电阻:R===20Ω;总大因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,滑动变阻器接入电路中的最大阻值:R2=R﹣R0=20Ω﹣10Ω=10Ω;大总大因电流表的量程为0~,,滑动变阻器R允0许通过的最大电流为1A,所以,电路中的最大电流I=;~;此时电路中的总电阻:R===12Ω;总小此时滑动变阻器接入电路的最小电阻:R2=R﹣R0=12Ω﹣10Ω=2Ω;变阻器R接入小总小电路阻变化范围为2Ω~10Ω;故AB错误;第7页(共19页):..C、电路中的最小电流为I=,电路消耗的最小电功率为P=UI=6V×=,小小故C错误;D、电阻R消耗的最小电功率为:P'=R=()2×10Ω=,故D正确。00故选:D。【点评】本题考查串联电路中电压、电流以及欧姆定律的应用,注意求阻值范围时,根据电流表和电压表的最大值进行计算,并且会灵活运用欧姆定律。二、填空题(每空1分,共26分)13.【分析】(1)开关串联在电路中,能起到控制电路中电流通断的作用;(2)给电池充电的过程,消耗电能,获得化学能;(3)并联电路各支路互不影响。【解答】解:电动自行车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下,车子就通电了,所以这车钥匙其实就是一个开关。电瓶充电时是将电能转化为化学能,此时电瓶相当于用电器。动车的两个转向灯能独立工作,并联电路用电器互不影响,因此转向灯是并联的。故答案为:开关;用电器;并。【点评】本题考查了开关的应用、电瓶充电和电路的识别,属于基础题目。14.【分析】(1)根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从高压区吹向低压区来分析海陆风的形成,进而判断风力发电机旋翼的朝向;(2)汽油机一个工作循环完成4个冲程,飞轮和曲轴转2圈,对外做功1次。【解答】解:水的比热容比泥土、沙石的大,白天太阳照射时,水面温度上升得慢,陆地温度上升得快,热空气上升,冷空气补充,风从海面吹向陆地,形成海风,晚上,气温下降,水面温度下降得