河北省2021-2022学年高考仿真卷物理试卷含解析.pdf

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故B正确;,根据动量定理可得I?mgsinθt?mv?0F100解得F的冲量大小为1I?mgtsinθ?mvF001故C正确;,根据动量定理可得:..?I?mgsinθt??m2v?mvF2000解得I?mgtsinθ?3mvF200故D错误;故选BC。9、ABC【解析】(2q)看作放在同一位置的两个相同的点电荷(q),既然上下两个点电荷(q)的电场在x轴上场强最大的点仍然在A、A'两位置,两组点电荷叠加起来的合电场在x轴上场强最大的点当然还是在A、A'两位置,选项A正确;,保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上,则x轴上场强最大的点仍然在A、A'两位置,选项B正确;,在yOz平面内将两点电荷绕O点旋转到任意位置,或者将两点电荷电荷量任意增加同等倍数,在x轴上场强最大的点都在A、A'两位置,那么把带电圆环等分成一些小段,则关于O点对称的任意两小段的合电场在x轴上场强最大的点仍然还在A、A'两位置,所有这些小段对称叠加的结果,合电场在x轴上场强最大的点当然还在A、A'两位置,选项C正确;,将薄圆板相对O点对称的分割成一些小块,除了最外一圈上关于O点对称的小段间距还是和原来一样外,靠内的对称小块间距都小于原来的值,这些对称小块的合电场在x轴上场强最大的点就不再在A、A'两位置,则整个圆板的合电场在x轴上场强最大的点当然也就不再在A、A'两位置,选项D错误。故选ABC。10、BC【解析】,C点的电势为0,故BC中点D的电势为φ,又有A、D电势相等,故匀强电场场强方向垂直AD,根据沿着电场线电势降低可得:电场线方向垂直AD指向左侧,故A错误;=可知电场强度的大小为d???23?E?AC?Lcos30?3L故B正确;,粒子能击中图中的A点,则有:..11qELcos30??at2?t222mLsin30??vt0联立解得q6v2?0m?故C正确;,电场力与初速度方向垂直,故粒子做类平抛运动,所以粒子速度不论多大在电场中都不能击中图中的B点。故D错误。故选BC。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、~~【解析】(1)[1].螺旋测微器的固定刻度为0,经估读后旋转刻度在47格处,。(结果为值读数字真读,,)(2)[2][3][4][5].由仪器参数确定器材。,若电压表选用0~15V量程其指针偏转过小,应选用0~3V量程。由电路规律分析原理。电压表读数几乎不变,电流表读数变化明显,说明R阻值较大,与电压表电阻相接近,,由欧姆定律计算知电流只有几毫安,故电流表选用0~10mA量程。4R阻值较大,则应使电流表内接,即S拨至b。此时电压表为满偏的,则读数为x254U??3V?,则读数为43I??10mA?:..R?U?Ir??D2R?U?Ir???1112、I?r?R?4LI?r?R?1111【解析】6(1)由于流过待测电阻的最大电流大约为I??,所以不能选用电流表A,量程太大,要改装电流表;260(2)根据闭合电路知识求解待测电阻的表达式【详解】(1)根据螺旋测微器读数规则可知D????(2)金属丝的电阻为R??10?60?6(3)流过待测电阻的最大电流大约为I??,所以选用A与R并联充当电流表,所以选用A、E6011(3)电路图如图所示:U?IrR?1(5)根据闭合电路欧姆定律xrI?IR1R?U?Ir?R?11解得:xI?r?R?11L4L根据R????xS?D2?D2R?U?Ir?可求得:??114LI?r?R?11【点睛】:..在解本题时要注意,改装表的量程要用改装电阻值表示出来,不要用改装的倍数来表示,因为题目中要的是表达式,、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)1m/s(3)3J【解析】(1)对cd杆,由v-t图象得:?v4a=?=4m/s2,1?t1由牛顿第二定律得:mgsin53°-μ(mgcos53°+F)=ma安解得:F=(2)对ab杆,感应电动势:E=BLv1E电流:I?2Rcd杆的安培力:F=BIL安解得:v=lm/(3)由题意得第3s内cd的加速度:a=-4m/s22设2s时ab杆的速度为v,对cd杆,由牛顿第二定律得:2B2L2vmgsin53°-μ(mgcos53°+2)=ma22R解得:v=9m/s2v?v有运动学知识得2s内ab杆的位移:x?12t?5m2211由动能定理得:W+W+W+W=mv2?mv2FGf安2221又W=9JFW=mgxsin37°G2W=-μmgxcos37°f2-W=2Q安cd解得:Q=3Jcd点睛:本题是电磁感应和图象结合的题目,分析清楚运动过程、合理的利用图象得到关键的加速度,?m14、(1)v?;(2);(3)43L2m3qB:..【解析】(1)设粒子在磁场中运动的轨道半径为r,则有1v2qvB=mr1如图(1)所示,要使粒子在磁场中运动时打不到绝缘薄板,应满足2r<L1解得qBLv<2m(2)粒子在磁场中圆周运动的周期2?mT=qB设运动的轨道半径为r,则2v2qvB=mr2解得r=L2在磁场中运动时间最短的粒子通过的圆弧对应的弦长最短,粒子运动轨迹如图(2)所示,:..由几何关系可知最小时间Tt=2×6解得2?mt=3qB(3)设粒子的磁场中运动的轨道半径为r,则有3v2qvB=mr3解得r=2L3粒子在磁场中运动从左边界离开磁场,离O点最远的粒子运动轨迹如图(3)所示则从左边界离开磁场区域的长度s=4rsin60°3解得s=43L15、①;②。【解析】:..①p?,V?;T?300K111充气后球体积为V,p???V;T?300K22由玻意耳定律得pV?pV1122得V?②充气罐内氮气在标况下体积为V,p=1个大气压;T?273K000由状态方程得pVpV11?00TT10得V???